Description

经历了一段艰辛的旅程后，主人公小P乘坐飞艇返回。在返回的途中，小P发现在漫无边际的沙漠中，有一块狭长的绿地特别显眼。往下仔细一看，才发现这是一个游乐场，专为旅途中疲惫的人设计。娱乐场可以看成是一块大小为n×m的区域，且这个n×m的区域被分成n×m个小格子，每个小格子中就有一个娱乐项目。然而，小P并不喜欢其中的所有娱乐项目，于是，他给每个项目一个满意度。满意度为正时表示小P喜欢这个项目，值越大表示越喜欢。为负时表示他不喜欢，这个负数的绝对值越大表示他越不喜欢。为0时表示他对这个项目没有喜恶。小P决定将飞艇停在某个小格中，然后每步他可以移动到相邻的上下左右四个格子的某个格子中。小P希望找一条路径，从飞艇所在格出发，最后又回到这个格子。小P有一个习惯，从不喜欢浪费时间。因此，他希望经过每个格子都是有意义的：他到一个地方后，就一定要感受以下那里的惊险和刺激，不管自己是不是喜欢那里的娱乐项目。而且，除了飞艇所在格，其他的格子他不愿意经过两次。小P希望自己至少要经过四个格子。在满足这些条件的情况下，小P希望自己玩过的娱乐项目的满意度之和最高。你能帮他找到这个最高的满意度之和吗？

Input

输入文件中的第一行为两个正整数n和m，表示游乐场的大小为n×m。因为这个娱乐场很狭窄，所以n和m满足：2<=n<=100，2<=m<=6。接下来的n行，每行有m个整数，第i行第j列表示游乐场的第i行第j列的小格子中的娱乐项目的满意度，这个满意度的范围是[-1000，1000]。同一行的两个整数之间用空格隔开。

Output

输出文件中仅一行为一个整数，表示最高的满意度之和。

Sample Input

4 4

100 300 -400 400

-100 1000 1000 1000

-100 -100 -100 -100

-100 -100 -100 1000

Sample Output

4000

显然是插头dp，因为是回路，所以我们这次采用括号表示法。

而对于多回路问题，我们只需要在原有的基础上注意两点：

1.当没有插头的时候，该格子可以不选。

2.当更新答案的时候，要判断轮廓线是否有多余的插头，如果有说明我们多加了这些插头的值，而他们显然是无用的，于是舍弃本状态。

但是注意一点：一个格子不算回路！

#include
     
      #include
      
       #include
       
        using namespace std;typedef long long ll;const int INF=2147483647;const int mod=300000;const int M=300005;struct node{    int to,nxt;}edge[M];int head[M],cnt;int n,m,e1,e2;int mp[105][15];int cur,pre;  //滚动数组 int state[2][M];  //记录状态,滚动 int ans[2][M],cntt; //记录答案 int tot[2]; //记录状态总数 int bit[10];  //提取状态使用 inline void getbit(){    for(int i=1;i<10;i++)bit[i]=i<<1;    return;}inline void add(int u,int v){    cnt++;    edge[cnt].to=v;    edge[cnt].nxt=head[u];    head[u]=cnt;    return;}void insert(int now,int num){    int u=now%mod;    for(int i=head[u];i;i=edge[i].nxt){    int v=edge[i].to;    if(state[cur][v]==now){        ans[cur][v]=max(ans[cur][v],num);        return;    }    }    add(u,++tot[cur]);    state[cur][tot[cur]]=now;    ans[cur][tot[cur]]=num;    return;}void plugdp(){    cur=0;    tot[cur]=1;    ans[cur][1]=0;    state[cur][1]=0;    for(int i=1;i<=n;i++){    for(int j=1;j<=tot[cur];j++){        state[cur][j]<<=2;    }    for(int j=1;j<=m;j++){        memset(head,0,sizeof(head));cnt=0;        pre=cur,cur^=1;        tot[cur]=0;        for(int k=1;k<=tot[pre];k++){        int now=state[pre][k];        int num=ans[pre][k]+mp[i][j];        int is_down=(now>>bit[j-1])%4;        int is_right=(now>>bit[j])%4;        if(!is_down&&!is_right){            insert(now,num-mp[i][j]);            if(mp[i][j+1]&&mp[i+1][j])            insert(now+(1<
        
         <
         
          >bit[l])%4==1)count++;            if((now>>bit[l])%4==2)count--;            if(!count){                insert(now-(1<
          
           <
           
            <
            
             =0;l--){ if((now>>bit[l])%4==1) count--; if((now>>bit[l])%4==2) count++; if(!count){ insert(now+(1<
             
              <
              
               <
               
                >bit[l])%4)count++; } if(count==2)cntt=max(cntt,num); } } } } return;}int main(){ getbit(); cntt=-INF; scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=1;i<=n;i++){ for(int j=1;j<=m;j++){ scanf("%d",&mp[i][j]); } } plugdp(); printf("%d\n",cntt); return 0;}